【问题描述】
贝希和她的闺密们在她们的牛棚中玩游戏。但是天不从人愿，突然，牛棚的电源跳闸了，所有的灯都被关闭了。贝希是一个很胆小的女生，在伸手不见拇指的无尽的黑暗中，她感到惊恐，痛苦与绝望。她希望您能够帮帮她，把所有的灯都给重新开起来！她才能继续快乐地跟她的闺密们继续玩游戏！
牛棚中一共有N（1 <= N <= 35）盏灯，编号为1到N。这些灯被置于一个非常复杂的网络之中。有M（1 <= M <= 595）条很神奇的无向边，每条边连接两盏灯。 每盏灯上面都带有一个开关。当按下某一盏灯的开关的时候，这盏灯本身，还有所有有边连向这盏灯的灯的状态都会被改变。状态改变指的是：当一盏灯是开着的时候，这盏灯被关掉；当一盏灯是关着的时候，这盏灯被打开。
问最少要按下多少个开关，才能把所有的灯都给重新打开。数据保证至少有一种按开关的方案，使得所有的灯都被重新打开。
【输入格式】
第一行：两个空格隔开的整数：N和M。 第二到第M+1行：每一行有两个由空格隔开的整数，表示两盏灯被一条无向边连接在一起。没有一条边会出现两次。
【输出格式】
第一行：一个单独的整数，表示要把所有的灯都打开时，最少需要按下的开关的数目。
【输入样例】
5 6 1 2 1 3 4 2 3 4 2 5 5 3
【输出样例】
3
【样例解释】
一共有五盏灯。灯1、灯4和灯5都连接着灯2和灯3。按下在灯1、灯4和灯5上面的开关。
【数据范围】
1 <= N <= 35 1 <= M <= 595
【来源】
bzoj1770 USACO NOV09 GOLD
这道题其实有2种解法，我在这里就讲一下我考试的时候用的暴力（暴力出奇迹），高斯消元的解法参考下面链接的内容（差不多，就最小值和种类数的差别而已）：高斯消元的解法
说的暴力，无非就是枚举每个点按不按（其实直接枚举+优化有60分），想要满分2^35的时间复杂的肯定是不现实的，全部记忆化的话内存都不过。 所以我可以用map记忆一半，前2/n个点我们先枚举，然后记录每种情况的最小次数。然后再枚举后n-2/n个点，出来一种情况就在map里找和它配合的（记住如果直接满了要特判一下），如果有就可以。 时间复杂度（2*2^(2/n)），完全可以过。
详细代码如下：
#include<cstdlib> #include<cstdio> #include<cstring> #include<iostream> #include<map> using namespace std; typedef long long ll; const int maxn=40; ll a[maxn],b[maxn]; int n,m,ans=55; ll maxd=0; map<ll,int>mp; void run(int i,int t,ll s) { if(i>n/2) { if(!mp[s]||mp[s]>t)mp[s]=t; if(s==maxd) ans=min(ans,t); return; } run(i+1,t,s); run(i+1,t+1,s^b[i]); } void run2(int i,int t,ll s) { if(i>n) { if(mp[maxd-s]) ans=min(ans,t+mp[maxd-s]); if(s==maxd) ans=min(ans,t); return; } run2(i+1,t,s); run2(i+1,t+1,s^b[i]); } int main() { //freopen("lamp.in","r",stdin); //freopen("lamp.out","w",stdout); a[1]=1; for(int i=2;i<=39;i++) a[i]=a[i-1]<<1; scanf("%d%d",&n,&m); int x,y; for(int i=1;i<=n;i++) b[i]=a[i]; for(int i=1;i<=m;i++) { scanf("%d%d",&x,&y); b[x]+=a[y];b[y]+=a[x]; } maxd=a[n+1]-1; run(1,0,0); run2(n/2+1,0,0); cout<<ans; return 0; }